<noframes id="xh9bx">
<var id="xh9bx"><span id="xh9bx"><th id="xh9bx"></th></span></var>
<progress id="xh9bx"><ruby id="xh9bx"></ruby></progress>
<ins id="xh9bx"><i id="xh9bx"><address id="xh9bx"></address></i></ins>
<ins id="xh9bx"></ins>
<del id="xh9bx"><span id="xh9bx"><ins id="xh9bx"></ins></span></del>
<cite id="xh9bx"><noframes id="xh9bx"><listing id="xh9bx"><del id="xh9bx"></del></listing>
<progress id="xh9bx"><i id="xh9bx"><progress id="xh9bx"></progress></i></progress><cite id="xh9bx"><i id="xh9bx"></i></cite><ins id="xh9bx"></ins>
<cite id="xh9bx"><del id="xh9bx"></del></cite>
千教網
輸入關鍵詞,搜索您要的課件,教案,試題
您的位置: 千教網 >> 數學試題下載 >>2019屆高考數學(理科)難點題型拔高練(打包6套,Word版,有答案)

歡迎您到“千教網”下載“2019屆高考數學(理科)難點題型拔高練(打包6套,Word版,有答案)”的資源,本文檔是rar格式,無須注冊即可下載,點擊“本地下載”即可下載
2019屆高考數學(理科)難點題型拔高練(打包6套,Word版,有答案)
所屬科目:數學    文件類型:rar
類別:試題、練習
上傳日期:2019/6/24  
相關資源:
(三維設計)2020屆高考數學一輪復習:教師用書(純Word版,9份打包,含解析)

2018版高考數學(文)題型全歸納(基礎版)第14章《復數》ppt課件包

(新課改省份專用)2020版高考數學一輪復習課時跟蹤檢測(46套,有答案)

2018版高考數學(文)題型全歸納(提高版)第14章《復數》ppt課件包

(人教A版)2020屆高考數學一輪復習:單元檢測(含解析,打包28套)

(刷題首選)2020屆高考數學:專題突破練(含解析)(打包14套)

(浙江專版)2020屆高考數學一輪復習:單元檢測(含解析,打包11套)

(浙江專版)2020版高考數學一輪復習課時跟蹤檢測(打包7套,有答案)

(通用版)2019版高考二輪數學(文)檢測試卷(18份,Word版,有答案)

2020版高考數學一輪復習:課時跟蹤檢測(打包13套,Word版,有答案)

(浙江專版)2020版高考數學一輪復習:課時跟蹤檢測(打包7套,有答案)

(江蘇專版)2020版高考數學(理)一輪復習:課時跟蹤檢測(12套,有答案)

溫馨提示:本站所有教學資源均是完全免費提供!內容簡介下方即有下載連接!

下載步驟:直接點擊即可下載

注意:1.源文件中的公式,圖片,在下邊的內容預覽中被忽略!(文檔內容預覽在最下方)

    2.下載鏈接在下方,無需注冊直接可下載!

文檔內容預覽:
  
該壓縮文件包含以下內容:
2019高考數學難點題型拔高練一理含解析20190522398.doc
2019高考數學難點題型拔高練三理含解析201905223101.doc
2019高考數學難點題型拔高練二理含解析201905223103.doc
2019高考數學難點題型拔高練五理含解析20190522399.doc
2019高考數學難點題型拔高練六理含解析201905223102.doc
2019高考數學難點題型拔高練四理含解析201905223100.doc

“2019高考數學難點題型拔高練一理含解析20190522398.doc”內容如下:


難點題型拔高練(一)
1.過拋物線y=x2的焦點F的直線交拋物線于A,B兩點,點C在直線y=-1上,若△ABC為正三角形,則其邊長為(  )
A.11           B.12
C.13 D.14
解析:選B 由題意可知,焦點F(0,1),易知過焦點F的直線的斜率存在且不為零,設為k(k≠0),則該直線方程為y=kx+1(k≠0),聯立方程得∴x2=4(kx+1),即x2-4kx-4=0,設A(x1,y1),B(x2,y2),∴x1+x2=4k,x1x2=-4,設線段AB的中點為M,則M(2k,2k2+1),|AB|===4(1+k2),設C(m,-1),連接MC,∵△ABC為等邊三角形,∴kMC==-,m=2k3+4k,點C(m,-1)到直線y=kx+1的距離|MC|==|AB|,∴=×4(1+k2),∴=2(1+k2),∴=,∴k=±,∴|AB|=4(1+k2)=12.
2.已知函數f(x)=2sin(ωx+φ)(ω>0,0<φ<π),f =,f =0,且f(x)在(0,π)上單調.下列說法正確的是(  )
A.ω=
B.f =
C.函數f(x)在上單調遞增
D.函數f(x)的圖象關于點中心對稱
解析:選C 由題意得函數f(x)的最小正周期T=,
因為f(x)在(0,π)上單調,所以=≥π,得0<ω≤1.
因為f =,f =0,所以f(x)在(0,π)上單調遞減,又0<φ<π,0<ω≤1,
所以解得
所以f(x)=2sin.選項A顯然不正確.
因為f =2sin-×+=2sin=,所以B不正確.
因為當-π≤x≤-時,0≤x+≤,所以函數f(x)在上單調遞增,故C正確.
因為f =2sin=2sin≠0,所以點不是函數f(x)圖象的對稱中心,故D不正確.
3.已知函數f(x)=,g(x)=,若函數y=f(g(x))+a有三個不同的零點x1,x2,x3(其中x1<x2<x3),則2g(x1)+g(x2)+g(x3)的取值范圍為__________.


解析:∵g(x)=,∴g′(x)=.當0<x<e時,g′(x)>0,g(x)單調遞增;當x>e時,g′(x)<0,g(x)單調遞減.作出函數g(x)的大致圖象如圖所示,
令g(x)=t,由f(t)+a=+a=0,得關于t的一元二次方程t2+(a-1)t+1-a=0,又f(g(x))+a=0有三個根x1,x2,x3,且x1<x2<x3,∴結合g(x)的圖象可知關于t的一元二次方程有兩個不等實根,不妨設為t1,t2,且t1<t2,則0<t1<,t2=或t1<0<t2<,t1+t2=1-a,由Δ=(a-1)2-4(1-a)>0,得1-a<0或1-a>4.當0<t1<,t2=時,0<t1+t2<4,不符合題意,舍去.∴t1<0<t2<,∴g(x1)=t1,g(x2)=g(x3)=t2,∴2g(x1)+g(x2)+g(x3)=2t1+2t2=2(t1+t2)=2(1-a).
令λ=1-a,φ(t)=t2+(a-1)t+1-a=t2-λt+λ,
由t1<0<t2<可知,
即解得<λ<0.
綜上,2g(x1)+g(x2)+g(x3)的取值范圍為.
答案:
4.已知橢圓C:+=1(a>b>0)的左、右焦點分別為F1,F2,且離心率為,M為橢圓上任意一點,當∠F1MF2=90°時,△F1MF2的面積為1.
…………………………
余下內容暫不顯示,請下載查看完整內容

“2019高考數學難點題型拔高練三理含解析201905223101.doc”內容如下:


難點題型拔高練(三)
1.已知函數f(x)=+2kln x-kx,若x=2是函數f(x)的唯一極值點,則實數k的取值范圍是(  )
A.        B. 
C.(0,2] D.[2,+∞)
解析:選A 由題意可得f′(x)=+=,x>0,
令f′(x)=0,得x=2或ex=kx2(x>0),
由x=2是函數f(x)的唯一極值點知ex≥kx2(x>0)恒成立或ex≤kx2(x>0)恒成立,由y=ex(x>0)和y=kx2(x>0)的圖象可知,只能是ex≥kx2(x>0)恒成立.
法一:由x>0知,ex≥kx2,則k≤,
設g(x)=,則k≤g(x)min.
由g′(x)=,得當x>2時,g′(x)>0,g(x)單調遞增;當0<x<2,g′(x)<0,g(x)單調遞減,
所以g(x)min=g(2)=,所以k≤.
法二:ex≥kx2(x>0)恒成立,則y=ex(x>0)的圖象在y=kx2(x>0)的圖象的上方(含相切),
①若k≤0,易知滿足題意;
②若k>0,設y=ex(x>0)與y=kx2(x>0)的圖象在點(x0,y0)處有相同的切線,
則解得數形結合可知,0<k≤.綜上,k的取值范圍是(-∞,0]∪=.
2.定義“有增有減”數列{an}如下:?t∈N*,at<at+1,且?s∈N*,as>as+1.已知“有增有減”數列{an}共4項,若ai∈{x,y,z}(i=1,2,3,4),且x<y<z,則數列{an}共有(  )
A.64個 B.57個
C.56個 D.54個
解析:選D 法一:不妨設x=1,y=2,z=3,則ai∈{1,2,3}(i=1,2,3,4),所以ai=1或2或3.
考慮反面,即數列{an}不是“有增有減”數列,此時有三種情況:常數數列、不增數列(a1≥a2≥a3≥a4,且等號不同時成立)及不減數列(a1≤a2≤a3≤a4,且等號不同時成立).
①常數數列,有1,1,1,1;2,2,2,2;3,3,3,3,共3個.
②不減數列,含1,2,3中的任意兩個數或三個數,
若含兩個數,則有C=3種情況,以含有1,2為例,不減數列有1,1,1,2;1,1,2,2;
1,2,2,2,共3個,所以含兩個數的不減數列共有3×3=9個.
若含三個數,則不減數列有1,1,2,3;1,2,3,3;1,2,2,3,共3個.
所以不減數列共有9+3=12個.
③不增數列,同理②,共有12個.
綜上,數列{an}不是“有增有減”數列共有3+12×2=27個.
所以,數列{an}是“有增有減”數列共有34-27=54個.
法二:根據題設“有增有減”數列的定義,數列{an}共有兩類.
第一類:數列{an}的4項只含有x,y,z中的兩個,則有C=3種情況,以只含x,y為例,滿足條件的數列{an}有x,y,x,x;x,x,y,x;y,x,y,y;y,y,x,y;x,y,x,y;y,x,y,x;x,y,y,x;y,x,x,y,共8個,所以此類共有3×8=24個.
第二類:數列{an}的4項含有x,y,z中的三個,必有兩項是同一個,有C=3種情況,以兩項是x,另兩項分別為y,z為例,滿足條件的數列{an}有x,x,z,y;x,y,x,z;x,z,x,y;x,y,z,x;x,z,y,x;y,x,x,z;y,x,z,x;y,z,x,x;z,x,x,y;z,x,y,x,共10個,所以此類共有3×10=30個.
綜上,數列{an}共有24+30=54個.
3.如圖,等腰三角形PAB所在平面為α,PA⊥PB,AB
…………………………
余下內容暫不顯示,請下載查看完整內容

“2019高考數學難點題型拔高練二理含解析201905223103.doc”內容如下:


難點題型拔高練(二)
1.已知A,B,C,D四點均在以點O1為球心的球面上,且AB=AC=AD=2,BC=BD=4,CD=8.若球O2在球O1內且與平面BCD相切,則球O2直徑的最大值為(  )
A.1           B.2
C.4 D.8
解析:選D 由題意,得BC2+BD2=CD2,所以BC⊥BD,所以△BCD為等腰直角三角形.如圖,設CD的中點為O,則O為△BCD的外心,且外接圓半徑r=4.連接AO,BO,因為AC=AD=2,所以AO⊥CD,AO=2,又BO=4,所以AO2+BO2=AB2,所以AO⊥BO,所以AO⊥平面BCD,所以球心O1在直線AO上.設球O1的半徑為R,則有r2+OO=R2,即16+(R-2)2=R2,解得R=5.當球O2直徑最大時,球O2與平面BCD相切,且與球O1內切,此時A,O,O1,O2四點共線,所以球O2直徑的最大值為R+OO1=8.
2.已知函數f(x)=(x-a)3-3x+a(a>0)在[-1,b]上的值域為[-2-2a,0],則b的取值范圍是(  )
A.[0,3] B.[0,2]
C.[2,3] D.(-1,3]
解析:選A 由題意,得f′(x)=3(x-a)2-3=3(x-a+1)(x-a-1).由f′(x)=0,得x=a+1或x=a-1,所以當a-1<x<a+1時,f′(x)<0,當x<a-1或x>a+1時,f′(x)>0,所以函數f(x)在(a-1,a+1)上單調遞減,在(-∞,a-1),(a+1,+∞)上單調遞增.又f(a+1)=-2a-2,f(a-1)=-2a+2.若f(-1)=-2a-2,即(-1-a)3+3+a=-2a-2,則a=1,此時f(x)=(x-1)3-3x+1,且f(x)=-4時,x=-1或x=2;由f(x)=0,解得x=0或x=3.因為函數f(x)在[-1,b]上的值域為[-4,0],所以0≤b≤3.若f(-1)>-2a-2,因為a>0,所以a-1>-1,要使函數f(x)在[-1,b]上的值域為[-2-2a,0],需a+1≤b,此時a-1∈[-1,b],所以
即無解.綜上所述,b的取值范圍是[0,3].
3.在平面四邊形ABCD中,AB=1,AC=,BD⊥BC,BD=2BC,則AD的最小值為________.
解析:設∠BAC=α,∠ABD=β(β∈(0,π)),則∠ABC=β+.在△ABC中,由余弦定理,得BC2=AB2+AC2-2AB·ACcos α=6-2cos α,由正弦定理,得=,即BC=.在△ABD中,由余弦定理,得AD2=AB2+DB2-2AB·DBcos β=1+4BC2-4BCcos β=1+4(6-2cos α)-4··cos β=25-8cos α-4sin α=25-20sin(α+θ)(其中sin θ=,cos θ=),所以當sin(α+θ)=1,即sin α=,cos α=時,AD2取得最小值5,所以AD的最小值為.
答案:
4.橢圓E:+=1(a>b>0)的右頂點為A,右焦點為F,上、下頂點分別是B,C,|AB|=,直線CF交線段AB于點D,且|BD|=2|DA|.
(1)求E的標準方程;
(2)是否存在直線l,使得l交橢圓于M,N兩點,且F恰是△BMN的垂心?若存在,求l的方程;若不存在,說明理由.
解:(1)法一:由題意知F(c,0),A(a,0),B(0,b),C(0,-b),
所以直線AB的方程為+=1,
直線CF的方程為-=1,
由得,xD=.
因為|BD|=2|DA|,所以=2,
所以=| |,得=a,
解得a=2c,所以b==c.
因為|AB|=,即=
…………………………
余下內容暫不顯示,請下載查看完整內容

“2019高考數學難點題型拔高練五理含解析20190522399.doc”內容如下:


難點題型拔高練(五)
1.函數f(x)=2sin(ω>0)的圖象在[0,1]上恰有兩個極大值點,則ω的取值范圍為(  )
A.[2π,4π]        B.
C. D.
解析:選C 法一:由函數f(x)在[0,1]上恰有兩個極大值點,及正弦函數的圖象可知ω+∈,則≤ω<.
法二:取ω=2π,則f(x)=2sin,
由2πx+=+2kπ,k∈Z,得x=+k,k∈Z,
則在[0,1]上只有x=,不滿足題意,排除A、B、D,故選C.
2.過點P(2,-1)作拋物線x2=4y的兩條切線,切點分別為A,B,PA,PB分別交x軸于E,M兩點,O為坐標原點,則△PEM與△OAB的面積的比值為(  )
A. B.
C. D.
解析:選C 設A(x1,y1),B(x2,y2),不妨令x1<x2,
則y1=,y2=,由y=x2得y′=x,
則直線PA的方程為y-y1=x1(x-x1),
即y-=x1(x-x1),則E,
將P(2,-1)代入得x1-y1+1=0,
同理可得直線PB的方程為x2-y2+1=0,M,
∴直線AB的方程為x-y+1=0,
則AB過定點F(0,1),
S△AOB=|OF|(x2-x1)=(x2-x1),
S△PEM=×1×=(x2-x1),
∴=.
3.在四面體ABCD中,AD=DB=AC=CB=1,則當四面體的體積最大時,它的外接球半徑R=________.
解析:當平面ADC與平面BCD垂直時,四面體ABCD的體積最大,因為AD=AC=1,
所以可設等腰三角形ACD的底邊CD=2x,高為h,則x2+h2=1,
此時四面體的體積V=××2x×h2=x(1-x2),則V′=-x2,令V′=0,得x=,從而h=,
則CD=AB=,故可將四面體ABCD放入長、寬、高分別為a,b,c的長方體中,如圖,

則解得a2=c2=,b2=,則長方體的體對角線即四面體ABCD的外接球直徑,(2R)2=a2+b2+c2=,R=.
答案:
4.已知橢圓Γ∶+=1,過點P(1,1)作斜率互為相反數的兩條不同直線l1,l2,設l1與橢圓Γ交于A,B兩點,l2與橢圓Γ交于C,D兩點.
(1)若P(1,1)為AB的中點,求直線l1的方程;
(2)記λ=,求λ的取值范圍.
解:(1)易知直線l1的斜率存在且不為0,設直線AB的斜率為k,則其方程為y-1=k(x-1),代入x2+2y2=4中,
得x2+2[kx-(k-1)]2-4=0,
∴(1+2k2)x2-4k(k-1)x+2(k-1)2-4=0.
判別式Δ=[4(k-1)k]2-4(2k2+1)[2(k-1)2-4]
=8(3k2+2k+1)>0.
設A(x1,y1),B(x2,y2),則
∵AB的中點為P(1,1),
∴(x1+x2)==1,則k=-.
∴直線l1的方程為y-1=-(x-1),
即x+2y-3=0.
(2)由(1)知|AB|=|x1-x2|
=
=.
由題可得直線l2的方程為y-1=-k(x-1)(k≠0),
同理可得|CD|=,
∴λ== (k≠0),
∴λ2=1+=1+.
令t=3k+,
則g(t)=1+,t∈(-∞,-2 ]∪[2,+∞).
易知g(t)在(-∞,-2 ],[2,+∞)上單調遞減,
∴2-≤g(t)<1或1<g(t)≤2+,
故2-≤λ2<1或1<λ2≤2+,
即λ∈∪.
5.已知函數f(x)=xex-a(
…………………………
余下內容暫不顯示,請下載查看完整內容

“2019高考數學難點題型拔高練六理含解析201905223102.doc”內容如下:


難點題型拔高練(六)
1.已知函數f(x)=,當x>0時,函數f(x)的圖象恒在直線y=kx的下方,則k的取值范圍是(  )
A.       B. 
C.  D.
解析:選B f′(x)==,令f′(x)=0,得x=+2kπ,k∈Z,所以函數f(x)在x=+2kπ,k∈Z時取得極大值,當直線y=kx與f(x)=的圖象在原點處相切時,可得k=f′(0)=,由圖(圖略)易得k的取值范圍是.
2.已知f(x)是定義在R上的可導函數,若3f(x)>f′(x)恒成立,且f(1)=e3(e為自然對數的底數),則下列結論正確的是(  )
A.f(0)=1 B.f(0)<1
C.f(2)<e6 D.f(2)>e6
解析:選C 由3f(x)>f′(x)可得3f(x)-f′(x)>0,
令h(x)==f(x)e-3x,
則h′(x)=e-3x[f′(x)-3f(x)]<0,
所以函數h(x)在R上單調遞減,
所以h(0)>h(1),即>==1,
所以f(0)>1,同理有h(2)<h(1),
即<==1,所以f(2)<e6.
3.已知數列{an}滿足a1=1,a2=,若anan-1+2anan+1=3an-1an+1(n≥2,n∈N*),則an=________.
解析:由anan-1+2anan+1=3an-1an+1(n≥2,n∈N*),
得anan-1-an-1an+1=2(an-1an+1-anan+1)(n≥2,n∈N*),
得-=2 (n≥2,n∈N*),
因為-=2,所以數列是首項為2,公比為2的等比數列,
所以-=2n,所以=++…++=2n-1+2n-2+…+2+1=2n-1,所以an=.
答案:
4.已知F1,F2分別為橢圓E:+=1(a>b>0)的左、右焦點,點P在橢圓上,且|PF1|+|PF2|=4.
(1)求橢圓E的方程;
(2)過F1的直線l1,l2分別交橢圓E于點A,C和點B,D,且l1⊥l2,問是否存在常數λ,使得 ,λ,成等差數列?若存在,求出λ的值;若不存在,請說明理由.
解:(1)因為|PF1|+|PF2|=4,所以2a=4,a=2,
橢圓E的方程為+=1.
將P代入可得b2=3,
所以橢圓E的方程為+=1.
(2)若直線AC的斜率為零或不存在,易知+=+=,
此時,存在λ=,使,λ,成等差數列.
若直線AC的斜率存在,且不為0,設直線AC的方程為y=k(x+1)(k≠0),代入方程+=1,
化簡得(3+4k2)x2+8k2x+4k2-12=0.
設A(x1,y1),C(x2,y2),
則x1+x2=-,x1x2=,
于是|AC|=|x1-x2|
==,
將k換為-,得|BD|=,
所以+=+=,
此時,存在λ=,使得,λ,成等差數列 .
綜上,存在λ=,使得,λ,成等差數列.
5.已知函數f(x)=,曲線y=f(x)在點(e2,f(e2))處的切線與直線2x+y=0垂直.
(1)求f(x)的解析式及單調遞減區間;
(2)若存在x∈[e,+∞),使函數g(x)=aeln x+x2-ln x·f(x)≤a成立,求實數a的取值范圍.
解:(1)因為ln x≠0,x>0,
所以x∈(0,1)∪(1,+∞),
f′(x)=,
所以f′(e2)==,解得m=2,
所以f(x)=,
f′(x)=,

…………………………
余下內容暫不顯示,請下載查看完整內容

“2019高考數學難點題型拔高練四理含解析201905223100.doc”內容如下:


難點題型拔高練(四)
1.已知函數f(x)=-1-nln x(m>0,0≤n≤e)在區間[1,e]內有唯一零點,則的取值范圍為(  )
A.     B. 
C.  D. 
解析:選A f′(x)=--=-,當n=0時,f′(x)=-<0,當0<n≤e時,令f′(x)=0,則x=-<0,所以函數f(x)在[1,e]上單調遞減,由函數f(x)在區間[1,e]內有唯一零點,
得即即
或即又m>0,0≤n≤e,
所以(1)或(2)
所以m,n滿足的可行域如圖(1)或圖(2)中的陰影部分所示,則=表示點(m,n)與點(-1,-2)所在直線的斜率,


當m,n滿足不等式組(1)時,的最大值在點(1,e)處取得,為=+1,
當m,n滿足不等式組(2)時,的最小值在A點處取得,根據得所以最小值為,故選A.
2.已知P為雙曲線C:-=1(a>0,b>0)右支上的任意一點,經過點P的直線與雙曲線C的兩條漸近線分別相交于A,B兩點.若點A,B分別位于第一、四象限,O為坐標原點,當=時,△AOB的面積為2b,則雙曲線C的實軸長為(  )
A. B.
C. D.
解析:選A 設A(x1,y1),B(x2,y2),P(x,y),
由=,
得(x-x1,y-y1)=(x2-x,y2-y),
則x=x1+x2,y=y1+y2,
所以-=1.
易知點A在直線y=x上,點B在直線y=-x上,
則y1=x1,y2=-x2,
所以-=1,
即b22-a22=a2b2,
化簡可得a2=x1x2.
由漸近線的對稱性可得sin∠AOB=sin 2∠AOx====,
所以△AOB的面積為|OA||OB|sin∠AOB=××sin∠AOB
= × ×
=x1x2 × ×
=a2××
=a2××=ab=2b,
得a=,所以雙曲線C的實軸長為.
3.已知數列{an}共16項,且a1=1,a8=4.記關于x的函數fn(x)=x3-anx2+(a-1)x,n∈N*.若x=an+1(1≤n≤15)是函數fn(x)的極值點,且曲線y=f8(x)在點(a16,f8(a16))處的切線的斜率為15,則滿足條件的數列{an}的個數為________.
解析:fn′(x)=x2-2anx+a-1=[x-(an+1)][x-(an-1)],令fn′(x)=0,得x=an+1或x=an-1,所以an+1=an+1或an-1=an+1(1≤n≤15),所以|an+1-an|=1(1≤n≤15),又f8′(x)=x2-8x+15,所以a-8a16+15=15,解得a16=0或a16=8,
當a16=0時,a8-a1=(a2-a1)+(a3-a2)+…+(a8-a7)=3,
得ai+1-ai(1≤i≤7,i∈N*)的值有2個為-1,5個為1;
由a16-a8=(a9-a8)+(a10-a9)+…+(a16-a15)=-4,
得ai+1-ai(8≤i≤15,i∈N*)的值有6個為-1,2個為1.
所以此時數列{an}的個數為CC=588,
同理可得當a16=8時,數列{an}的個數為CC=588.
綜上,數列{an}的個數為2CC=1 176.
答案: 1 176
4.已知橢圓C:+=1(a>b>0)的左、右焦點分別為F1,F2,左頂點為A,離心率為,點B是橢圓上的動點,△ABF1面積的最大值為.
(1)求橢圓C的方程;
(2)設經過點F1的直線l與橢圓C相交于不同的兩點M,N,線段M
…………………………
余下內容暫不顯示,請下載查看完整內容
關于資源的下載性聲明:千教網本身不提供任何資源的下載服務,也不會保存任何數據在服務器上。所有資源的下載,均源于互聯網抓取。當該資源的原始地址失效時,您可能無法獲取該資源。
關于本站 | 免責聲明 | 廣告聯系 | 網站提交 | 網友留言 | 聯系我們
免费